一道模拟题。
先看数据范围，\(x,y,z \le 10^9\) 显然会超时。不难看出，顺时针或逆时针旋转 \(4\) 次和镜面对称 \(2\) 次后会恢复原样，所以我们先对 \(x,y,z\) 进行取余。
\[x\bmod 4,z\bmod4,y\bmod2
\]
然后我们观察一个矩阵顺时针旋转后坐标的变化，当你在第 \(x\) 行第 \(y\) 列时，旋转后应该在第 \(y\) 行第 \(n - x + 1\) 的位置。即 \((x, y) \to (y, n - x + 1)\)。
接下来观察镜面对称与逆时针旋转，可以分别得出 \((x, y) \to (x, m - y + 1)\) 和 \((x, y) \to (m - y + 1, x)\)
值得注意的是，在顺时针或逆时针旋转后，\(n\) 和 \(m\) 的值需要进行交换，别忘了。
Code
#include <bits/stdc++.h>
#define ll long long
#define INF 1e9
using namespace std;
int n, m, x, y, z, p;
int X[100005], Y[100005];
void solve_x() {
for (int i = 1; i <= p; i++) {
int tmp = X[i];
X[i] = Y[i];
Y[i] = n - tmp + 1;
}
swap(n, m); // 交换
}
void solve_y() {
for (int i = 1; i <= p; i++) Y[i] = m - Y[i] + 1;
}
void solve_z() {
for (int i = 1; i <= p; i++) {
int tmp = Y[i];
Y[i] = X[i];
X[i] = m - tmp + 1;
}
swap(n, m); // 交换
}
signed main() {
ios :: sync_with_stdio(0);
cin >> n >> m >> x >> y >> z >> p;
x %= 4, y %= 2, z %= 4; // 注意取模
for (int i = 1; i <= p; i++) cin >> X[i] >> Y[i];
for (int i = 1; i <= x; i++) solve_x();
for (int i = 1; i <= y; i++) solve_y();
for (int i = 1; i <= z; i++) solve_z();
for (int i = 1; i <= p; i++) cout << X[i] << " " << Y[i] << "\n";
return 0;
}
/*
观察过程
1 2 3 7 4 1
4 5 6 -> 8 5 2
7 8 9 9 6 3
(1, 1) -> (1, 3) -> (3, 3) -> (3, 1) -> (1, 1)
……
1 2 3 3 2 1
4 5 6 -> 6 5 4
7 8 9 9 8 7
(1, 1) -> (1, 3) -> (1, 1)
……
1 2 3 3 6 9
4 5 6 -> 2 5 8
7 8 9 1 4 7
(1, 1) -> (3, 1) -> (3, 3) -> (1, 3) -> (1, 1)
……
*/